题目描述

你这个学期必须选修 numCourse 门课程,记为 0 到 numCourse - 1 。在选修某些课程之前需要一些先修课程。 例如,想要学习课程 0 ,你需要先完成课程 1 ,我们用一个匹配来表示他们:[0, 1]。给定课程总量以及它们的先决条件,请你判断是否可能完成所有课程的学习?

示例 1:

输入: 2, [[1, 0]]
输出: true
解释: 总共有 2 门课程。学习课程 1 之前,你需要完成课程 0。所以这是可能的。

示例 2:

输入: 2, [[1, 0], [0, 1]]
输出: false
解释: 总共有 2 门课程。学习课程 1 之前,你需要先完成​课程 0;并且学习课程 0 之前,你还应先完成课程 1。这是不可能的。

题解

本题是一道经典的「拓扑排序」问题。给定一个包含 n 个节点的有向图 G,我们给出它的节点编号的一种排列,如果满足:

对于图 G 中的任意一条有向边 (u, v),u 在排列中都出现在 v 的前面。那么称该排列是图 G 的「拓扑排序」。

根据上述的定义,我们可以得出两个结论:

  • 如果图 G 中存在环(即图 G 不是「有向无环图」),那么图 G 不存在拓扑排序。这是因为假设图中存在环 x₁,x₂,x₃,……xn,x₁,那么 x₁ 在排列中必须出现在 xn 的前面,但是 xn 同时也出现在 x₁ 前面,因此不存在一个满足要求的排列,也就不存在拓扑排序。
  • 如果图 G 是有向无环图,那么它的拓扑排序可能不止一种。举一个最极端的例子,如果图 G 值包含 n 个节点却没有任何边,那么任意一种编号的排列都可以作为拓扑排序。

有了上述的简单分析,我们就可以将本题建模成一个求拓扑排序的问题了:

  • 我们将每一门课程看成一个节点;
  • 如果想要学习课程 A 之前必须完成课程 B,那么我们从 B 到 A 连接一条有向边。这样以来,在拓扑排序中,B 一定出现在 A 的前面。

深度优先搜索

对于图中的任意一个节点,它在搜索的过程中有三种状态,即:

  • 「未搜索」:我们还没有搜索到这个节点;
  • 「搜索中」:我们搜索过这个节点,但还没有回溯到该节点,即该节点还没有入栈,还有相邻的节点没有搜索完成);
  • 「已完成」:我们搜索过并且回溯过这个节点,即该节点已经入栈,并且所有该节点的相邻节点都出现在栈的更底部的位置,满足拓扑排序的要求。

通过上述的三种状态,我们就可以给出使用深度优先搜索得到拓扑排序的算法流程,在每一轮的搜索搜索开始时,我们任取一个「未搜索」的节点开始进行深度优先搜索。

  • 我们将当前搜索的节点 u 标记为「搜索中」,遍历该节点的每一个相邻节点 v:
  • 如果 v 为「未搜索」,那么我们开始搜索 v,待搜索完成回溯到 u;
  • 如果 v 为「搜索中」,那么我们就找到了图中的一个环,因此是不存在拓扑排序的;
  • 如果 v 为「已完成」,那么说明 v 已经在栈中了,而 u 还不在栈中,因此 u 无论何时入栈都不会影响到 (u, v) 之前的拓扑关系,以及不用进行任何操作。
  • 当 u 的所有相邻节点都为「已完成」时,我们将 u 放入栈中,并将其标记为「已完成」。

在整个深度优先搜索的过程结束后,如果我们没有找到图中的环,那么栈中存储这所有的 n 个节点,从栈顶到栈底的顺序即为一种拓扑排序。

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List<List<Integer>> edges;
int[] visited;
boolean valid = true;

public boolean canFinish(int numCourses, int[][] prerequisites) {
edges = new ArrayList<>();
for (int i = 0; i < numCourses; ++i) {
edges.add(new ArrayList<>());
}
visited = new int[numCourses];
for (int[] info : prerequisites) {
edges.get(info[1]).add(info[0]);
}
for (int i = 0; i < numCourses && valid; i++) {
if (visited[i] == 0) {
dfsCourse(i);
}
}
return valid;
}

public void dfsCourse(int u) {
visited[u] = 1;
for (int v : edges.get(u)) {
if (visited[v] == 0) {
dfsCourse(v);
if (!valid) {
return;
}
} else if (visited[v] == 1) {
valid = false;
return;
}
}
visited[u] = 2;
}

复杂度分析

  • 时间复杂度: O(n + m),其中 n 为课程数,m 为先修课程的要求数。这其实就是对图进行深度优先搜索的时间复杂度。
  • 空间复杂度: O(n + m)。题目中是以列表形式给出的先修课程关系,为了对图进行深度优先搜索,我们需要存储成邻接表的形式,空间复杂度为 O(n + m)。在深度优先搜索的过程中,我们需要最多 O(n) 的栈空间(递归)进行深度优先搜索,因此总空间复杂度为 O(n + m)。

广度优先搜索

拓扑排序也可以使用广度优先搜索实现。我们考虑拓扑排序中最前面的节点,该节点一定不会有任何入边,也就是它没有任何的先修课程要求。当我们将一个节点加入答案中后,我们就可以移除它的所有出边,代表着它的相邻节点少了一门先修课程的要求。如果某个相邻节点变成了「没有任何入边的节点」,那么就代表着这门课可以开始学习了。按照这样的流程,我们不断地将没有入边的节点加入答案,直到答案中包含所有的节点(得到了一种拓扑排序)或者不存在没有入边的节点(图中包含环)。

我们使用一个队列来进行广度优先搜索。初始时,所有入度为 0 的节点都被放入队列中,它们就是可以作为拓扑排序最前面的节点,并且它们之间的相对顺序是无关紧要的。在广度优先搜索的每一步中,我们取出队首的节点 u:

  • 我们将 u 放入答案中;
  • 我们移除 u 的所有出边,也就是将 u 的所有相邻节点的入度减少 1。如果某个相邻节点 v 的入度变为 0,那么我们就将 v 放入队列中。

在广度优先搜索的过程结束后。如果答案中包含了这 n 个节点,那么我们就找到了一种拓扑排序,否则说明图中存在环,也就不存在拓扑排序了。

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public boolean canFinish(int numCourses, int[][] prerequisites) {
List<List<Integer>> edges = new ArrayList<>();
int[] degree = new int[numCourses];
for (int i = 0; i < numCourses; i++) {
edges.add(new ArrayList<>());
}

for (int[] courseRelation : prerequisites) {
edges.get(courseRelation[1]).add(courseRelation[0]);
degree[courseRelation[0]]++;
}

Queue<Integer> queue = new LinkedList<>();
for (int i = 0; i < degree.length; i++) {
if (degree[i] == 0) {
queue.offer(i);
}
}

int visited = 0;

while (!queue.isEmpty()) {
visited++;
int beforeCourse = queue.poll();
for (int afterCourse : edges.get(beforeCourse)) {
if (--degree[afterCourse] == 0) {
queue.offer(afterCourse);
}
}
}
return visited == numCourses;
}

复杂度分析

  • 时间复杂度: O(n + m),其中 n 为课程数,m 为先修课程的要求数。这其实就是对图进行广度优先搜索的时间复杂度。
  • 空间复杂度: O(n + m)。题目中是以列表形式给出的先修课程关系,为了对图进行广度优先搜索,我们需要存储成邻接表的形式,空间复杂度为 O(n + m)。在广度优先搜索的过程中,我们需要最多 O(n) 的队列空间(迭代)进行广度优先搜索。因此总空间复杂度为 O(n + m)。

来源

课程表 | 力扣(LeetCode)
课程表 | 题解(LeetCode)


文章标题:课程表
文章作者:cylong
文章链接:https://0skyu.cn/p/c61f.html
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